Question

已知函数f（x）=ex，g（x）=lnx，（1）求证：f（x）≥x+1；（2）设x0＞1，求证：存在唯一的x0使得g（x

Answer 1

（1）令F（x）=e^x-x-1，x∈R，

∵F'（x）=e^x-1=0得x=0，∴当x＞0时F'（x）＞0，F（x）递增；

当x＜0时F'（x）＜0，F（x）递减；∴F（x）_min=F（0）=0，

由最小值定义得F（x）≥F（x）_min=0即e^x≥x+1．

（2）g（x）在x=x₀处切线方程为y＝

1

x0x+lnx0?1①

设直线l与y=e^x图象相切于点(x1，ex1)，则l：y＝ex1x+ex1(1?x1)②，

由①②得

1

x0＝ex1(3)

lnx0＝ex1(1?x1)(4)，

∴lnx0?

x0+1

x0?1＝0⑤

下证x₀在（1，+∞）上存在且唯一．

令G(x)＝lnx?

x+1

x?1(x＞1)，G′(x)＝

x2+1

x(x?1)2＞0，

∴G（x）在（1，+∞）上递增．

又G(e)＝

?2

e?1＜0，G(e2)＝

e2?3

e2?1＞0，G（x）图象连续，∴存在唯一x₀∈（1，+∞）使⑤式成立，从而由③④可确立x₁．故得证．

（1）由（1）知

f(x)?1

x?1＞0即证当a＞0时不等式e^x-1-x＜ax即e^x-ax-x-1＜0在（0，+∞）上有解．

令H（x）=e^x-ax-x-1，即证H（x）_min＜0，

由H'（x）=e^x-a-1=0得x=ln（a+1）＞0．

当0＜x＜ln（a+1）时，H'（x）＜0，H（x）递减，

当x＞ln（a+1）时，H'（x）＞0，H（x）递增．

∴H（x）_min=H（ln（a+1））=a+1-aln（a+1）-ln（a+1）-1．

令V（x）=x-xlnx-1，其中x=a+1＞1

则V'（x）=1-（1+lnx）=-lnx＜0，

∴V（x）递减，∴V（x）＜V（1）=0．

综上得证．